年级作文 > 高三作文 > ：临汾市高三适应性2016是由小学生作文网为您精心收集，如果觉得好，请把这篇文章复制到您的博客或告诉您的朋友，以下是临汾市高三适应性2016的正文：

第一篇:《临汾市2016高考考前理科数学适应性训练二》

临汾市2016高考考前理科数学适应性训练二

第二篇:《山西省临汾市重点高中2016届高三二模(考前适应性训练)文综试题(含答案)》

2016年高考考前适应性训练考试(二)

更好

文科综合

注意事项:

1.本试卷分第I卷(选择题)和第1l卷(非选择题)两部分，满分300分，考试时间l00分钟。

2.答案写在答题卡相应位置上，写在本试卷上无效。

第I卷(选择题共140分)

本卷共35道小题。每小题4分，共140分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。

读美国经济结构变化图和制造业内部产业产值变动表格，完成1——2题。

1.据图表信息，叙述正确的是

A.产业结构比重由小到大依次是:第一产业、第三产业、第二产业

B.表中X行业属于技术导向型行业，所属产业比重上升

C.第一产业比重小，产业水平低

D.制造业所占比重下降，总产值上升

2.据图表信息，推论正确的是

A.制造业消耗资源较多，对环境的影响大，所以产业比重减小

B.淘汰传统制造业是产业升级的关键因素

C.美国经济以服务业为主，制造业高技术化为特点

D.苹果手机属于x行业，不断占领新市场是该企业升级的关键

读某城市地域形态简图，完成3——4题。

3.图中商业区

A.主要从事商品批发活动B.主要沿河分布

C.位于市中心，呈带状分布D.位于高速公路和铁路交汇处

4.下列拟建的城市功能布局，合理的是临汾市高三适应性2016

A.甲:高新技术产业中心B.乙:化学工业中心临汾市高三适应性2016

C.丙:仓储物流中心D.丁:旅游休闲中心

帕斯是一个多风的城市。夏季以微风为主，一天中风向多变，冬季风力强劲，素有澳大 利亚“风城”之称。读图完成5——6题。

5.帕斯夏季风向日变化明显的原因是

A.地处沙漠，昼夜温差大

B.夏季多晴天，昼夜温差大

C.地处沿海平原，地形平坦

D.植被常绿茂密，减弱风力

6.帕斯风力强劲的时期

A.亚洲低压强盛

B.正值当地葡萄的收获季节

C.享受拍斯海滩阳光浴的最佳季节

D.西欧南北温差大

下图为我国某地地形和降水分布示意图，当地居民随季节转场放软。降水量大于

400mm为森林景观，200——400mm为草原，小于200mm为荒漠。读图完成7——8题。

7.森林景观出现在

A.甲B.乙C.丙D.丁

8.下列叙述正确的是

A.甲地掘井开辟水源，可增加载畜量

B.夏季在丙地放牧，可充分利用草场资源

C.冬季到乙地放牧，可保护低地草场

D.丁地控制载畜量，防止土地沙化

“鱼光互补”式光伏电站是在水面上架设太阳能电池板发电，水域用于水产养殖，实现 “一地两用”提高单位面积土地的经济价值。读图完成9一10题。

9.我国下列地区中，最适合大范围建“鱼光互补”式光伏电站的是

A.塔里木盆地 B.太湖平原

C.华北平原 D.东北平原

10.“鱼光互补”式光伏电站可能会

A.降低大气温度 B.提高水体温度

C.加快浮游植物生长D.增强地面辐射.

读某山地1月等温线呈同心圆分布图，图中等温线间距相等。据此完成11题。 1l.若该山地位于北半球大陆内部，下列推测最可信的是

A.该山地有终年积雪临汾市高三适应性2016

B.该山地位于低纬度

C.甲乙丙丁四地中海拔最低的是乙

D.丙坡雪线低于甲坡

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12.为推动价格改革向纵深发展，2015年10月15日，国务院发布《关于推进价格机制改

革的若干意见》。右图中P为价格，Q为数量,D为需求曲线，

了

第三篇:《2016临汾市理科数学答案第二次考前适应性训练》

秘密★启用前

2016年第二次高考考前适应性训练试卷 理科数学试题参考答案和评分参考

评分说明：

1.本解答只给出了一种解法供参考，如果考生的解法与本解答不同，可根据试题的主要考查内容比照评分参考制订相应的评分细则．

2.对计算题，当考生的解答在某一步出现错误时，如果后继部分的解答未改变该题的内容和难度，可视影响的程度决定后继部分的给分，但不得超过该部分正确解弟子规读后感答分数的一半；如果后继部分的解答有较严重的错误，就不再给分．

3.解答右端所注分数，表示考生正确做到这一步应得的累加分数． 4.只给整数分数．选择题和填空题不给中间分．

第I卷

一．选择题：

第II卷

二．填空题： 13、

31 14、 15、424 16、[9,34] 512

三. 解答题:

17、解：

（1）因为CD2，CD2BD，所以BD1，BC3BD3， 则在直角三角形ABC中，cosC

AC2

，.......................................3分 BC3

8， 3

在三角形ACD中，由余弦定理可得

AD2AC2CD22ACCDcosC

所以AD

26

．.........................................................................................5分 3

（2）在三角形ACD中，由余弦定理可得

AD2AC2CD22ACCDcosC88cosC，.................7分

AC2

在直角ABC中，BC， cosCcosC222cosC

2所以BDBCCD，................................9分 cosCcosC

22

因为AD2BD，所以AD2BD，

(22cosC)2

所以88cosC2，...................................................10分 2

cosC

1cosC

由于1cosC0，所以1，

cos2C

2

即cosCcosC10，由于cosC0，

1

所以cosC，..............................................................................11分

21

又由于BC，所以sinB．..........................................12分

22

18、解：

（1）证明：连接BD交AC于点F，连接EF．

因为四边形ABCD是菱形，所以F是线段BD的中点．

因为E是线段PB的中点，所以EF//PD．.........................................2分 因为PD面ACE，EF面ACE，所以PD//面ACE．............4分临汾市高三适应性2016

（2）解：设AD中点为O，连接PO． 因为PAPD，所以POAD．

因为点P在面ABCD的射影在AD上，所以PO面ABCD． 因为菱形ABCD中ABC120， 所以ABD为等边三角形，

所以BOAD．..............................5分 以O为原点，OA，OB，OC所在 直线分别为x，y，z轴建立空间直 角坐标系，如图所示， 不妨设OP(0)， 则A(1,0,0)，B(0,3,0)，C(2,

,0)，D(1,0,0)，E(0,

3,)， 22

(1,,0)，(3,,0)，(1,

设平面ACE的一个法向为(x,y,z)，

3

,)．.............6分 22

3xy0,nAC0,

则即 yz0,0,x

22

1

可取n(1,3,)，..................................................................................8分



所以cos,



24

1

，............................................9分

2

因为BD与面ACE所成角为即



，所以sin|cos,|，

33

24

1



3

，解得，..........................................................11分

22

2

2

2

．...........................................................12分 2

所以PBOPOB

19、解：

（1）设Ai表示事件：对红色气球随机射击一次，所得编号为i， 则P(Ai)

1

（i1,3,5,7,9）； 5

1

（j2,4,6,8）； 4

Bj表示事件：对黄色气球随机射击一次，所得编号为j，

则P(Bj)

C表示事件：某人只射击两次．

则P(C)P(A1B2A3B6)P(A1B2)P(A3B6) P(A1)P(B2)P(A3)P(B6)

11111

． 545410

1

即某人只射击两次的概率为．.............................................................6分

10

（2）由题知的可能取值为2、3、4、5，为30、20、10、0，

1

其概率分别为P(30)P(2)P(C)，...........................7分

10

P(20)P(3)

22

P(A3B2B4A2)P(A5(B4B6B2B8)A2)



2 P(A7B6B8A2)

22 P(A3)P(B2)P(B4)A2 P(A5)P(B4)P(B6)A222 P(A5)P(B2)P(B8)A2 P(A7)P(B6)P(B8)A2



1112

8，............................................................................8分 54315

33

P(10)P(4) P(A7(B2B4B8A3))P(A9(B4B6B8A3))

33 P(A7)P(B2)P(B8)A3 P(A9)P(B4)P(B6)P(A8)A3

11111

62，...............................................................9分 543210P(0)P(5)

2

1(P(2)P(3)P(4))，.................................10分

3



的分布列为

分

212120

E()0102030．............................12分

31015103

20、解：

p

2，所以p4， 2

2

可得抛物线C2的方程为x8y，............................................................2分

（1）由题可知：

2

将点(2,2)代入圆C1方程中得r6，

所以圆C1的方程为xy6．..............................................................4分 （2）设点M(t,2)，A(x1,y1),B(x2,y2),E(x3,y3),F(x4,y4)，

22

121x，所以yx， 84

1

所以直线AM的方程为：yy1x1(xx1)，

4

抛物线的方程可化为：y

1

tx12，....................................................6分 4

1

同理可得直线BM的方程为：y2tx22，......................................7分

41

所以直线AB的方程为：ytx2，...................................................8分

4

122

t)xtx20， 将直线AB的方程代入x2y26中得(116

16t32

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,xx易知0且x3x4， 3422

16t16t

1t

x3x4y3y4(1t2)x3x4(x3x4)4

162

16t232t16t

4 =22

1616t216t128

6，...........................................................................10分 2

16t128

因为08，所以的取值范围是(6,2]．.........12分 2

16t

将(t,2)代入上式得：y121、解：

1

(x0)，.......................................................1分 x

因为函数f(x)在x1处取极值，所以f(1)2ab10，

所以b12a，........................................................................................2分

11

则f(x)2ax12a(x1)(2a)(x0)．

xx

1

当a0时，2a0，则x(0,1)时，f(x)0；

x

x(1,)时，f(x)0．..........................................................

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